为了方便同学们复习，提高同学们的复习效率，对这一年的学习有一个更好的巩固，本文整理了暑假作业物理模拟试卷，具体内容请看下文。

一、单选题：共6题每题4分共24分

1.(4分)(2015?浦东新区二模)关于物体的内能，下列说法正确的是( )

A. 做功可以改变物体的内能

B. 只有通过热传递才能改变物体的内能

C. 对同一物体的不同物态，固态比液态的内能大

D. 在物体内相邻的分子与分子之间距离越大，物体的内能越大

2.(4分)(2015?龙岩二模)一束红色的细光束由真空沿着径向射入一块半圆柱形透明体，如图(a)所示，对其射出后的折射光线的强度进行记录，发现折射光线的强度随着θ的变化而变化，如图(b)的图线所示.下列说法正确的是( )

A. 透明体对红光的折射率为

B. 红光在透明体中的速度大小与在真空中的相同

C. 红光的折射光线的频率会随着折射光线强度的增大而增大

D. 红光在透明体内发生全反射的临界角为30°

3.(4分)(2015?大竹县校级模拟)如图所示，固定在水平地面上的倾角为θ的粗糙斜面上，有一根水平放在斜面上的导体棒，通有垂直纸面向外的电流，导体棒保持静止.现在空间中加上竖直向下的匀强磁场，导体棒仍静止不动，则( )

A. 导体棒受到的合力一定增大

B. 导体棒一定受4个力的作用

C. 导体棒对斜面的压力一定增大

D. 导体棒所受的摩擦力一定增大

4.(4分)(2015?大庆二模)为研究钢球在液体中运动时所受阻力的大小，让钢球从某一高度竖直落下进入某种液体中运动，用闪光照相的方法拍摄钢球在不同时刻的位置，如图所示.已知钢球在液体中所受浮力为F浮，运动时受到的阻力与速度大小成正比，即F=kv，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为d，钢球的质量为m，则阻力常数k的表达式是( )

A. B. C. D.

5.(4分)(2015?浦东新区二模)在xOy平面内存在一匀强电场，一正电荷仅受电场力作用，以一定的初速度通过坐标原点O，并沿曲线运动到A点，其运动轨迹如图所示，经过A点时的速度方向与x轴平行，则场强E的方向可能沿( )

A. x轴正方向 B. x轴负方向 C. y轴正方向 D. y轴负方向

6.(4分)(2015?浙江模拟)如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图.励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直.电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节.下列说法正确的是( )

A. 仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大

B. 仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大

C. 仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变大

D. 仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大

二、多选题：共4题每题6分共24分

7.(6分)(2015?大庆三模)将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同.现将一个可视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿木板下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均相同.在这三个过程中，下列说法正确的是( )

A. 沿着1和2下滑到底端时，物块速度的大小不相等;沿着2和3下滑到底端时，物块速度的大小相等

B. 沿着1下滑到底端时，物块的速率最大

C. 物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量是最多的

D. 物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量是一样多

8.(6分)(2015?大竹县校级模拟)在倾角为θ的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态.现用一沿斜面方向的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，加速度为a，且方向沿斜面向上.设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，则( )

A. 当B刚离开C时，A发生的位移大小为

B. 从静止到B刚离开C的过程中，物块A克服重力做功为

C. B刚离开C时，恒力对A做功的功率为(2mgsinθ+ma)v

D. 当A的速度达到最大时，B的加速度大小为

9.(6分)(2015?宿迁一模)2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象.“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线.该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出( )

A. 土星质量

B. 地球质量

C. 土星公转周期

D. 土星和地球绕太阳公转速度之比

10.(6分)(2015?大庆二模)A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点由静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能EP随位移x的变化关系如图所示.从A到B过程中，下列说法正确的是( )

A. 电场力对电荷一直做正功

B. 电荷所受电场力先减小后增大

C. 电荷所受电场力先增大后减小

D. 电势先降低后升高

三、实验题：共3题共27分

11.(8分)(2015?青浦区二模)测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示.AB是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′.重力加速度为g.实验步骤如下：

①用天平称出物块Q的质量m;

②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC?的长度h;

③将物块Q在A点从静止释放，在物块Q落地处标记其落点D;

④重复步骤③，共做10次;

⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s.

(1)请用实验中的测量量表示物块Q到达C点时的动能Ekc= 以及物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ= .

(2)实验步骤④⑤的目的是 .如果实验测得的μ值比实际值偏大，其原因除了实验中测量的误差之外，其它的可能是 .(写出一个可能的原因即可).

12.(4分)(2015?朝阳区二模)某同学做“用油膜法估测分子的大小”的实验.

①每滴油酸酒精溶液的体积为V0，将该溶液滴一滴到水面上，稳定后形成油膜的面积为S.已知500mL油酸酒精溶液中含有纯油酸1mL，则油酸分子直径大小的表达式为d= .

②该同学做完实验后，发现自己所测的分子直径d明显偏大.出现这种情况的原因可能是 .

A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算

B.油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度发生了变化

C.水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开

D.计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理.

13.(9分)(2015?朝阳区二模)某同学利用图甲所示的电路描绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，现有电源(电动势6V，内阻不计)、电压表(0～3V，内阻约3kΩ)、开关和导线若干.其它可供选用的器材如下：

A.电流表(0～250mA，内阻约5Ω)

B.电流表(0～0.6A，内阻约0.2Ω)

C.滑动变阻器(0～10Ω)

D.滑动变阻器(0～50Ω)

①为减小测量误差并便于操作，在实验中电流表应选用 ，滑动变阻器应选用 (选填器材前的字母)

②图乙是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线.请根据图甲补充完成图乙中实物间的连线.

③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示.如果将这个小灯泡接到电动势为3.0V、内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是 W(结果保留两位有效数字).

④实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及小灯泡消耗的功率P也随之变化.图丁各示意图中正确反映P﹣U2关系的是 .

四、计算题：共2题共31分

14.(15分)(2015?大庆三模)我国自主研发的C919大型客机争取今年试飞，国人的大飞机梦有望今年圆上.若进展顺利，首飞后最快有望2017年完成取证和交付.设计的飞机质量m=7.5×104kg，起飞速度是80m/s.

(1)若飞机起飞过程中发动机保持额定功率P=8000kW不变，起飞前瞬间加速度a1=0.4m/s2，求飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小?

(2)若飞机在起飞加速滑行过程中牵引力恒为F=9.0×104N，受到的平均阻力为f=1.5×104N.如果飞机在达到起飞速度的瞬间因故而停止起飞，则需立即关闭发动机且以大小为4m/s2的恒定加速度减速停下，以确保飞机不滑出跑道.大庆萨尔图机场飞行区等级为4C等级，机场跑道长2600米，是否可以安全起降国产大飞机?

15.(16分)(2015?青岛二模)如图甲所示，长度为l，垂直于纸面的两平行板CD、MN间存在匀强磁场，板间距离为板长的两倍，平行板右侧有一水平方向的匀强电场.t=0时刻，一质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)，以初速度v0由MN板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，以垂直于DN边的方向进入电场区域，之后又回到磁场中，最后从平行板左端靠近板面的位置离开磁场，速度方向与初速度方向相反，上述仅l、m、q、v0为已知量.

(1)若粒子在TB时刻进入电场，求B0的最大值;

(2)若粒子在TB时刻进入电场，且B0取最大值，求电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离;

(3)若B0=，求TB满足的条件.

2015年四川省达州市大竹县文星中学高考物理模拟试卷(6月份)

参考答案与试题解析

一、单选题：共6题每题4分共24分

1.(4分)(2015?浦东新区二模)关于物体的内能，下列说法正确的是( )

A. 做功可以改变物体的内能

B. 只有通过热传递才能改变物体的内能

C. 对同一物体的不同物态，固态比液态的内能大

D. 在物体内相邻的分子与分子之间距离越大，物体的内能越大

考点： 物体的内能.版权所有

分析： 做功和热传递都能改变物体的内能.物体的内能与体积、温度等因素有关.分子间距离越大，分子势能不一定越大，内能也不一定越大.

解答： 解：A、做功可以使内能与其他能之间发生转化，从而能改变物体的内能，故A正确.

B、做功和热传递都能改变物体的内能.故B错误.

C、对同一物体的不同物态，由于固态变成液态时要吸收热量，所以液态比固态的内能大.故C错误.

D、在物体内相邻的分子与分子之间距离越大，分子势能不一定越大，与分子力表现为引力还是斥力有关，所以物体的内能也不一定越大.故D错误.

故选：A.

点评： 解决本题的关键要掌握物体内能的决定因素，知道做功和热传递都能改变物体的内能.通过吸收热的分析确定物态变化内能的变化情况.

2.(4分)(2015?龙岩二模)一束红色的细光束由真空沿着径向射入一块半圆柱形透明体，如图(a)所示，对其射出后的折射光线的强度进行记录，发现折射光线的强度随着θ的变化而变化，如图(b)的图线所示.下列说法正确的是( )

A. 透明体对红光的折射率为

B. 红光在透明体中的速度大小与在真空中的相同

C. 红光的折射光线的频率会随着折射光线强度的增大而增大

D. 红光在透明体内发生全反射的临界角为30°

考点： 光的折射定律.版权所有

专题： 光的折射专题.

分析： AD、由图b得到全反射临界角为60°，根据sinC=求解折射率;

B、根据c=nv判断红光在透明体中的速度大小;

C、光线的频率与介质的折射率无关.

解答： 解：AD、由图b得到θ=30°时发生全反射，故全反射的临界角C=60°，故：

n==;故A正确，D错误;

B、根据v=，红光在透明体中的光速小于真空中的光速，故B错误;

C、光线的频率与介质的折射率无关，故红光的折射光线的频率不变，故C错误;

故选：A.

点评： 本题关键是由图b得到全反射的临界角，然后结合公式sinC=和v=进行分析，基础题目.

3.(4分)(2015?大竹县校级模拟)如图所示，固定在水平地面上的倾角为θ的粗糙斜面上，有一根水平放在斜面上的导体棒，通有垂直纸面向外的电流，导体棒保持静止.现在空间中加上竖直向下的匀强磁场，导体棒仍静止不动，则( )

A. 导体棒受到的合力一定增大

B. 导体棒一定受4个力的作用

C. 导体棒对斜面的压力一定增大

D. 导体棒所受的摩擦力一定增大

考点： 安培力;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.版权所有

分析： 导体棒在匀强磁场中受到重力、安培力和斜面的支持力，根据导体棒释放后可能的状态分析各力之间的关系

解答： 解：A、导体棒静止，合力为零，故合力不变，故A错误;

B、当加上磁场后，如果mgsinθ=BILcosθ，则导体棒不受摩擦力，此时受3个力，故B错误;

C、不加磁场时F′=mgcosθ，加上磁场后对斜面的压力为FN=mgcosθ+BILsinθ，故压力增大，故C正确;

D、导体棒受到的摩擦力不一定变大，故D错误;

故选：C

点评： 本题是通电导体在磁场中受力分析问题，导体只在垂直于斜面方向上平衡，而在平行斜面方向不一定平衡.

4.(4分)(2015?大庆二模)为研究钢球在液体中运动时所受阻力的大小，让钢球从某一高度竖直落下进入某种液体中运动，用闪光照相的方法拍摄钢球在不同时刻的位置，如图所示.已知钢球在液体中所受浮力为F浮，运动时受到的阻力与速度大小成正比，即F=kv，闪光照相机的闪光频率为f，图中刻度尺的最小分度为d，钢球的质量为m，则阻力常数k的表达式是( )

A. B. C. D.

考点： 共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.版权所有

专题： 共点力作用下物体平衡专题.

分析： 由图可知，最后小球做匀速直线运动，求出小球在液体中匀速运动时的速度，得到阻力与速度的关系式，此时小球受到重力、浮力和阻力三力平衡，根据平衡条件求出k.

解答： 解：当小球在液体中匀速运动时，设速度大小为v，则阻力大小为：

f阻=kv

由图得到：v==2df

则：f阻=kv=2kdf

根据平衡条件得：

mg=F浮+f阻

代入解得：

k=

故选B

点评： 本题首先要会选择研究哪一段照片，由照片的信息求出小球匀速运动的速度大小，其次要会分析小球的受力情况.

5.(4分)(2015?浦东新区二模)在xOy平面内存在一匀强电场，一正电荷仅受电场力作用，以一定的初速度通过坐标原点O，并沿曲线运动到A点，其运动轨迹如图所示，经过A点时的速度方向与x轴平行，则场强E的方向可能沿( )

A. x轴正方向 B. x轴负方向 C. y轴正方向 D. y轴负方向

考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系.版权所有

专题： 电场力与电势的性质专题.

分析： 分析粒子的运动情况，判断其受力情况，来确定电场可能的方向

解答： 解：A、B由题，粒子在A点时的速度方向与x轴平行，说明y轴方向粒子做减速运动.若电场的方向沿x轴方向，粒子沿y轴方向做匀速直线运动，到达A点时速度不可能与x轴平行.故AB错误.

C、若电场方向沿+y方向，粒子所受的电场力沿+y方向，粒子在y轴方向上做加速运动，x轴方向做匀速直线运动，到达A点时y轴方向有分速度，速度方向不可能与x轴平行.故C错误

D、若电场方向沿﹣y方向，粒子所受的电场力沿﹣y方向，粒子在y轴方向上做减速运动，x轴方向做匀速直线运动，到达A点时y轴方向的分速度减至零时，速度方向能与x轴平行.故D正确.

故选：D

点评： 本题运用运动的分解法，确定带电粒子的运动情况，考查分析粒子受力情况和运动情况的能力

6.(4分)(2015?浙江模拟)如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图.励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外，电子束由电子枪产生，其速度方向与磁场方向垂直.电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节.下列说法正确的是( )

A. 仅增大励磁线圈中电流，电子束径迹的半径变大

B. 仅提高电子枪加速电压，电子束径迹的半径变大

C. 仅增大励磁线圈中电流，电子做圆周运动的周期将变大

D. 仅提高电子枪加速电压，电子做圆周运动的周期将变大

考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动.版权所有

分析： 根据动能定理表示出加速后获得的速度，然后根据洛伦兹力提供向心力推导出半径的表达式.

解答： 解：根据电子所受洛伦兹力的方向结合右手定则判断励磁线圈中电流方向是顺时针方向，电子在加速电场中加速，由动能定理有：

eU=mv02…①

电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：eBv0=m②

解得：r==…③

T=④

可见增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，由③式可得，电子束的轨道半径变小.由④式知周期变小，故AC错误;

提高电子枪加速电压，电子束的轨道半径变大、周期不变，故B正确D错误;

故选：B.

点评： 本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用，正确分析出仪器的原理是关键.

二、多选题：共4题每题6分共24分

7.(6分)(2015?大庆三模)将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如图所示，其中1与2底边相同，2和3高度相同.现将一个可视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿木板下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均相同.在这三个过程中，下列说法正确的是( )

A. 沿着1和2下滑到底端时，物块速度的大小不相等;沿着2和3下滑到底端时，物块速度的大小相等

B. 沿着1下滑到底端时，物块的速率最大

C. 物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量是最多的

D. 物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量是一样多

考点： 功能关系.版权所有

分析： 本题应根据动能定理求解，只要正确对物体受力分析，分别求出各力做功的代数和，即可比较速度的大小.

解答： 解：对物块从高为h的斜面上由静止滑到底端时，根据动能定理有mgh﹣Wf=mv2…①

其中Wf为物块克服摩擦力做的功，

因滑动摩擦力f=μN=μmgcosθ，所以物块克服摩擦力做的功为 Wf=fL=μmgcosθ×L=μmgLcosθ=μmgL底…②

由图可知，Lcosθ为斜面底边长，

可见，物体从斜面顶端下滑到底端时，克服摩擦力做功与斜面底端长度L底成正比.

A、B因沿着1和2下滑到底端时，物体克服摩擦力做功相同，沿着1重力做功大于沿2重力做功，根据①式得知，沿着1下滑到底端时物块的速度大于沿2下滑到底端时速度;

沿着2和3下滑到底端时，重力做功相同，而沿2物体克服摩擦力做功小于沿3克服摩擦力做功，则由①式得知，沿着2下滑到底端时物块的速度大于沿3下滑到底端时速度;

所以沿着1下滑到底端时，物块的速率最大，而沿着3下滑到底端时，物块的速率最小.故A错误.B正确.

C、沿3时克服摩擦力做的功最多，物体的机械能损失最大，产生的热量最多.故C正确.

D、同理，根据以上分析知，物块沿1和2下滑到底端的过程中，产生的热量一样多，故D正确.

故选BCD.

点评： 通过本题求克服摩擦力做功可推得一个重要的结论：物体从斜面下滑到底端的过程中，克服摩擦力做的功与沿水平面滑动与斜面底端相同距离时克服摩擦力做的功相同.

8.(6分)(2015?大竹县校级模拟)在倾角为θ的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态.现用一沿斜面方向的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，加速度为a，且方向沿斜面向上.设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，则( )

A. 当B刚离开C时，A发生的位移大小为

B. 从静止到B刚离开C的过程中，物块A克服重力做功为

C. B刚离开C时，恒力对A做功的功率为(2mgsinθ+ma)v

D. 当A的速度达到最大时，B的加速度大小为

考点： 功率、平均功率和瞬时功率;功的计算.版权所有

专题： 功率的计算专题.

分析： 未加拉力F时，物体A对弹簧的压力等于其重力的下滑分力;物块B刚要离开C时，弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力;根据平衡条件并结合胡克定律求解出两个状态弹簧的行变量，得到弹簧的长度变化情况;然后结合功能关系进行分析即可.

解答： 解：A、开始时，弹簧处于压缩状态，压力等于物体A重力的下滑分力，根据胡克定律，有：

mgsinθ=kx1

解得：x1=

物块B刚要离开C时，弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力，根据胡克定律，有;

2mgsinθ=kx2

解得：x2=

故物块A运动的距离为：，故A正确;

B、从静止到B刚离开C的过程中，物块A克服重力做功为，故B错误;

C、此时物体A受拉力、重力、支持力和弹簧的拉力，根据牛顿第二定律，有：

F﹣mgsinθ﹣T=ma

弹簧的拉力等于物体B重力的下滑分力，为：

T=2mgsinθ

故：F=3mgsinθ+ma，恒力对A做功的功率为(3mgsinθ+ma)v.故C错误;

D、当A的速度达到最大时，A受到的合外力为0，则：F﹣mgsinθ﹣T′=0

所以：T′=2mgsinθ+ma

B沿斜面方向受到的力：FB=T′﹣2mgsinθ=ma

又：FB=2ma′

所以：.故D正确.

故选：AD.

点评： 本题关键抓住两个临界状态，开始时的平衡状态和最后的B物体恰好要滑动的临界状态，然后结合功能关系分析，难度适中.

9.(6分)(2015?宿迁一模)2014年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象.“土星冲日”是指土星和太阳正好分处地球的两侧，三者几乎成一条直线.该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出( )

A. 土星质量

B. 地球质量

C. 土星公转周期

D. 土星和地球绕太阳公转速度之比

考点： 万有引力定律及其应用;开普勒定律.版权所有

专题： 万有引力定律的应用专题.

分析： 地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和圆周运动的运动公式列式分析可以求解的物理量.

解答： 解：A、B、行星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程后，行星的质量会约去，故无法求解行星的质量，故AB均错误;

C、“土星冲日”天象每378天发生一次，即每经过378天地球多转动一圈，根据(﹣)t=2π可以求解土星公转周期，故C正确;

D、知道土星和地球绕太阳的公转周期之比，根据开普勒第三定律，可以求解转动半径之比，根据v=可以进一步求解土星和地球绕太阳公转速度之比，故D正确;

故选：CD.

点评： 解决本题的关键知道地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，知道线速度、加速度和周期与轨道半径的关系.

10.(6分)(2015?大庆二模)A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点由静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能EP随位移x的变化关系如图所示.从A到B过程中，下列说法正确的是( )

A. 电场力对电荷一直做正功

B. 电荷所受电场力先减小后增大

C. 电荷所受电场力先增大后减小

D. 电势先降低后升高

考点： 电势差与电场强度的关系;电势.版权所有

专题： 电场力与电势的性质专题.

分析： 根据题意和图象正确判断出电子的运动形式是解题的关键，由图可知，电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知电场力逐渐减小，因此电子做加速度逐渐减小的加速运动，知道了运动形式即可解正确解答本题.

解答： 解：A、电势能先减小后增大，则电场力做正功后做负功.故A错误.

BC、电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大.故B正确，C错误.

D、正电荷从A到B仅在电场力作用下，电场力先做正功，后做负功，则说明电场力方向变化，即电场线方向先向右，后向左，所以电势先降低后升高.故D正确.

故选：BD.

点评： 解题过程中要把握问题的核心，要找准突破点，如本题中根据图象获取有关电子的运动、受力情况即为本题的突破点.

三、实验题：共3题共27分

11.(8分)(2015?青浦区二模)测量小物块Q与平板P之间的动摩擦因数的实验装置如图所示.AB是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P板的上表面BC在B点相切，C点在水平地面的垂直投影为C′.重力加速度为g.实验步骤如下：

①用天平称出物块Q的质量m;

②测量出轨道AB的半径R、BC的长度L和CC?的长度h;

③将物块Q在A点从静止释放，在物块Q落地处标记其落点D;

④重复步骤③，共做10次;

⑤将10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C′的距离s.

(1)请用实验中的测量量表示物块Q到达C点时的动能Ekc= 以及物块Q与平板P之间的动摩擦因数μ= ﹣ .

(2)实验步骤④⑤的目的是 减小实验的偶然误差 .如果实验测得的μ值比实际值偏大，其原因除了实验中测量的误差之外，其它的可能是 圆弧轨道与滑块间有摩擦或空气阻力 .(写出一个可能的原因即可).

考点： 探究影响摩擦力的大小的因素.版权所有

专题： 实验题.

分析： (1)物块由A到B点过程，由动能定理可以求出物块到达B时的动能;物块离开C点后做平抛运动，由平抛运动的知识可以求出物块在C点的速度，然后求出在C点的动能;由B到C，由动能定理可以求出克服摩擦力所做的功;由功的计算公式可以求出动摩擦因数.

(2)多次实验的目的是减小实验误差，误差偏大的原因是存在摩擦阻力.

解答： 解：(1)从A到B，由动能定理得：mgR=EKB﹣0，则物块到达B时的动能：EKB=mgR;

离开C后，物块做平抛运动，

水平方向：s=vCt，

竖直方向：h=gt2，

物块在C点的动能：EKC=mvC2，

解得：EKC=;

由B到C过程中，由动能定理得：

﹣Wf=mvC2﹣mvB2，

克服摩擦力做的功：Wf=mgR﹣;

B到C过程中，克服摩擦力做的功：

Wf=μmgL=mgR﹣，

则：μ=﹣;

(2)实验步骤④⑤的目的，是通过多次实验减小实验结果的误差;

实验测得的μ值比实际值偏大，其原因除了实验中测量量的误差之外，其他的可能是圆弧轨道存在摩擦，或接缝B处不平滑等.

故答案为：(1);﹣;

(2)减小实验的偶然误差;圆弧轨道与滑块间有摩擦或空气阻力.

点评： 熟练应用动能定理、平抛运动规律、功的计算公式即可正确解题，学会根据实验数据来实验结果分析，注意实验误差不会没有，只能降低.

12.(4分)(2015?朝阳区二模)某同学做“用油膜法估测分子的大小”的实验.

①每滴油酸酒精溶液的体积为V0，将该溶液滴一滴到水面上，稳定后形成油膜的面积为S.已知500mL油酸酒精溶液中含有纯油酸1mL，则油酸分子直径大小的表达式为d= .

②该同学做完实验后，发现自己所测的分子直径d明显偏大.出现这种情况的原因可能是 AC .

A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算

B.油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度发生了变化

C.水面上痱子粉撒得太多，油膜没有充分展开

D.计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理.

考点： 用油膜法估测分子的大小.版权所有

专题： 实验题.

分析： 根据d= 进行推导，纯油酸的体积V等于油酸酒精溶液的体积乘以浓度;

根据推导出的直径表达式判断出错的原因.

解答： 解：(1)纯油酸的体积V等于油酸酒精溶液的体积乘以浓度，即：V=，油滴面积为S，

则分子直径大小的公式为d=

(2)根据d=，则有：

A、错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，则计算时所用体积数值偏大，会导致计算结果偏大，故A正确;

B、油酸酒精溶液长时间放置，酒精挥发使溶液的浓度变大，则会导致计算结果偏小，故B错误;

C、水面上痱子粉撒得较多，油膜没有充分展开，则测量的面积S偏小，导致结果计算偏大，故C正确;

D、计算油膜面积时，将不完整的方格作为完整方格处理，则计算所用的面积S偏大，会导致计算结果偏小，故D错误;

故答案为：①;②AC.

点评： 本题考查了用“油膜法”估测分子直径大小的实验，实验中认为油酸分子是一个个紧挨着排列开的.

13.(9分)(2015?朝阳区二模)某同学利用图甲所示的电路描绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，现有电源(电动势6V，内阻不计)、电压表(0～3V，内阻约3kΩ)、开关和导线若干.其它可供选用的器材如下：

A.电流表(0～250mA，内阻约5Ω)

B.电流表(0～0.6A，内阻约0.2Ω)

C.滑动变阻器(0～10Ω)

D.滑动变阻器(0～50Ω)

①为减小测量误差并便于操作，在实验中电流表应选用 A ，滑动变阻器应选用 C (选填器材前的字母)

②图乙是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线.请根据图甲补充完成图乙中实物间的连线.

③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图丙所示.如果将这个小灯泡接到电动势为3.0V、内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是 0.38 W(结果保留两位有效数字).

④实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及小灯泡消耗的功率P也随之变化.图丁各示意图中正确反映P﹣U2关系的是 A .

考点： 伏安法测电阻.版权所有

专题： 实验题.

分析： 本题(1)的关键是根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，选择阻值小的变阻器更方便调节;题(2)的关键是根据小灯泡电阻满足可知电流表应用外接法，即电路应是分压外接电路;题(3)的关键是在表示小灯泡的I﹣U图象中同时画出表示电源的I﹣U图象，读出两图线的交点坐标，再根据功率公式求解即可.

解答： 解：①由P=UI可知，灯泡的额定电流为200mA;故电流表选择A即可;

由于实验要求电压从零调节，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节，所以应选择C;

②根据给出的原理图可得出对应的实物图如图所示;

③在表示小灯泡的I﹣U图象中画出表示电源的I﹣U图象如图所示，读出两图线交点坐标为：U=2.1V，I=0.18A，

所以小灯泡消耗的功率为：P=UI=2.1×0.18W=0.38W;

④电压表测量路端电压，由P=可知，其示数随滑动变阻器的阻值增大而增大;但由于电阻随电压的增大而增大，故图象的斜率越来越小;故选：A

故答案为：①A，C;②如图所示;③0.38;④A

点评： 应明确：①当实验要求电流从零调或变阻器的全电阻远小于待测电阻时变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节;②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法;③表示电阻和电源的I﹣U图线的交点表示通过电阻的电流和电阻两端电压.

四、计算题：共2题共31分

14.(15分)(2015?大庆三模)我国自主研发的C919大型客机争取今年试飞，国人的大飞机梦有望今年圆上.若进展顺利，首飞后最快有望2017年完成取证和交付.设计的飞机质量m=7.5×104kg，起飞速度是80m/s.

(1)若飞机起飞过程中发动机保持额定功率P=8000kW不变，起飞前瞬间加速度a1=0.4m/s2，求飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小?

(2)若飞机在起飞加速滑行过程中牵引力恒为F=9.0×104N，受到的平均阻力为f=1.5×104N.如果飞机在达到起飞速度的瞬间因故而停止起飞，则需立即关闭发动机且以大小为4m/s2的恒定加速度减速停下，以确保飞机不滑出跑道.大庆萨尔图机场飞行区等级为4C等级，机场跑道长2600米，是否可以安全起降国产大飞机?

考点： 功率、平均功率和瞬时功率;牛顿第二定律.版权所有

专题： 功率的计算专题.

分析： (1)根据P=Fv和牛顿第二定律列式解出阻力;

(2)机经历了匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据运动速度位移公式求出匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移，两个位移之和即为跑道的最小长度.再进行判断.

解答： 解：(1)设机在起飞前瞬间牵引力大小为F1，受到的阻力大小f1，起飞速度vm=80m/s，则有：

P=F1vm

F1﹣f1=ma1

代入数据解得：f1=7×104N

(2)设飞机起飞过程加速度为a2，达到起飞速度应滑行距离为x1，因故减速滑行距离为x2，跑道的长度至少为x，则有：

F﹣f=ma2

又对于匀加速运动，有 =2a2x1;

匀减速运动，有 =2a3x2;

飞机的总位移 x=x1+x2;

解得 x=4000m，大于2600米

故大庆萨尔图机场不能安全起降国产大飞机

答：(1)飞机在起飞前瞬间受到的阻力大小为7×104N.

(2)大庆萨尔图机场不能安全起降国产大飞机.

点评： 这题考的知识点是汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动.本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值.

15.(16分)(2015?青岛二模)如图甲所示，长度为l，垂直于纸面的两平行板CD、MN间存在匀强磁场，板间距离为板长的两倍，平行板右侧有一水平方向的匀强电场.t=0时刻，一质量为m、带电量为+q的粒子(不计重力)，以初速度v0由MN板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，以垂直于DN边的方向进入电场区域，之后又回到磁场中，最后从平行板左端靠近板面的位置离开磁场，速度方向与初速度方向相反，上述仅l、m、q、v0为已知量.

(1)若粒子在TB时刻进入电场，求B0的最大值;

(2)若粒子在TB时刻进入电场，且B0取最大值，求电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离;

(3)若B0=，求TB满足的条件.

考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动;带电粒子在匀强电场中的运动.版权所有

专题： 带电粒子在复合场中的运动专题.

分析： (1)若粒子在TB时刻进入电场，在磁场中是经过两段对称的圆弧轨迹后从垂直边界位置射出磁场，磁感应强度越大，轨道半径越小，经过速度偏转角最大是90°，画出轨迹，结合几何关系得到轨道半径，根据牛顿第二定律列式求解B0的最大值;电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离

(2)若粒子在TB时刻进入电场，且B0取最大值，粒子从垂直边界位置射出磁场，最后从平行板左端靠近板面的位置离开磁场;在电场中先向右减速后向左加速，运动时间为TB的整数倍，根据动能定理列式求解电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离;

(3)若B0=，则运用洛伦兹力等于向心力列式求解轨道半径和周期;结合几何关系求解出每经过的侧移量，求解出每经过的经过的圆心角，最后联立求解即可.

解答： 解：(1)若粒子在TB时刻进入电场，画出轨迹，如图：

临界情况是经过速度偏转角是90°，此时粒子运动半径具有最小值，为：

根据，解得：

(2)粒子圆周运动周期：

可知：

粒子在电场中运动的时间为：

t= (n=1、2、3…)

由运动学知识可得：t=

由牛顿第二定律，有：qE=ma，解得：E=

d=

(3)由B0=可知，R=2l

T=

分析可知：2nRsinθ=l (n=1、2、3…)

故TB′=，且sinθ=

答：(1)若粒子在TB时刻进入电场，B0的最大值为;

(2)若粒子在TB时刻进入电场，且B0取最大值，电场强度E为，粒子在电场中向右运动的最大距离;

(3)若B0=，TB满足的条件为：TB′=，且sinθ=(n=1、2、3…).

点评： 本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，要进行动态分析，画出轨迹，分析出临界轨迹，然后结合牛顿第二定律和时间关系列式分析.

以上就是为大家介绍的暑假作业物理模拟试卷，希望大家喜欢，也希望大家能够快乐学习。

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