以下是精品学习网为大家整理的高中一年级化学必修一暑假作业，以试题的形式呈现给大家，希望可以解决您所遇到的问题，加油，精品学习网一直陪伴您。

化学)参考答案 从实验到化学 一.选择题

1D 解析：所有的烃不溶于水，密度比水小，煤油属于烃类。 2D 3D

4A 解析：除杂试剂是过量的，必须把Na2CO3溶液放在BaCl2 溶液后面的步骤加。过量的钡离子用后面步骤中加的碳酸根沉淀。

5D 解析：A.铁与盐酸反应只生成二价铁。B.条件不是标准状况。 6B

二.填空题

1. 1：1 1：1 28：64 2：3 2. ①②③④ 三.计算题 解：(1) 300mL

Al3+ + 3OH- = Al(OH)3↓ 0.1mol 0.3mol

氢氧化钠V= n/c = 0.3 mol÷1mol/L=0.3L=300mL (2) 150mL 350mL

沉淀3.9g，即Al(OH)3 为0.05moL。 当NaOH不足，铝离子未完全沉淀

V= n/c = (0.05×3)mol ÷1mol/L=0.15L=150mL; 当NaOH过量，氢氧化铝部分溶解

V= n/c =( 0.05×3+0.05)mol ÷1mol/L=0.35L=350mL

化学物质及其变化 一.选择题

1D 解析：A. CuSO4•5H2O是纯净物 B.纯碱不是碱，属于盐类 2C 3B 4A

5C 解析：生成的沉淀恰好完全溶解, Al3+ + 4OH- = AlO2- + 2H20,说明加入的氢氧化钾物质的量是原溶液中铝离子的4倍。设原溶液体积为1升，利用电荷守恒: c(K+)+3c(Al3+)= 2c(SO42-). 得出原溶液c(K+)=0.5mol/L.

加氢氧化钾后,c(K+)=(0.5+0.4)mol÷2L=0.45mol/L 6A 解析：氧化还原反应中氧化剂的氧化性强于氧化产物 7A

8D 解析：利用得失电子守恒得到关系式 2Cu—O2 n(O2)=1.68L÷22.4L/mol=0.075mol , 所以铜的物质的量为0.15mol ,Cu2++2OH-=Cu(OH)2↓

消耗NaOH溶液的体积：(0.15×2)mol÷5mol/L=0.06L=60mL 二.计算题

解: 沉淀加入稀盐酸中无气体产生,没有铝; 滤液中滴入NaCl溶液无现象,无银离子. 滤液中加过量的稀NaOH溶液得到沉淀,沉淀只能是氢氧化铜。说明开始加入的铝没有把所有的铜置换出.溶液中含有的溶质是硝酸铝和硝酸铜。

根据电荷守恒，2n(Cu2+) + 3n(Al3+) = n(NO3-),氢氧化铜分解的氧化铜4.0g,n(Cu2+)=n(CuO)=0.05mol,n(Al3+)=(4×0.1-0.05×2)mol/3=0.1mol 参加反应的铝的质量=0.1mol×27g/mol=2.7g

金属及其化合物 一.选择题

1C 解析：2Na2O2 + 2H20 = 4NaOH + O2↑ 碱性氧化物只能与水化合生成对应的碱，属于非氧化还原反应 2B 3A 4B

5B 解析：溶液能和Al反应放出H2，溶液中可能含H+，也可能含OH-。A.Fe2+浅绿色，Fe2+与OH-不能大量共存，酸性溶液H+与NO3-相当于硝酸会氧化Fe2+，与铝反应无H2生成。C.HCO3-与H+，OH-不能大量共存 D.Cu2+、Fe3+有颜色

6A 解析：Na元素守恒 n(Na+)=0.6mol/L×0.1L=0.06 mol 混合物加热至恒重,生成的是碳酸钠，则m (Na2CO3)= 0.06 mol×1/2×106g/mol=3.18 g

7A 解析：B.SO42-与Ba2+ 同时生成BaSO4沉淀。 C.Al(OH)3只溶于强酸强碱 D.电荷不守恒 8D

9C 解析：Fe HCl

FeO → FeCl2(溶液中加KSCN溶液无血红色出现) Fe3O4

恰好使混合物完全溶解,说明盐酸中Cl-与Fe2+完全结合FeCl2, 氯离子的物质的量为0.1mol，则二价铁的物质的量为0.05mol， 根据铁元素守恒，得到铁的质量为 0.05mol× 56g/mol=2.8g

以上就是精品学习网为大家整理的高中一年级化学必修一暑假作业，希望对您有所帮助，最后祝同学们学习进步。

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