参考答案

1.【详细分析】(1)滑动触头向下移动RL阻值减小，则总电阻减小，由于总电流不变，因此总电压变小，则电压表读数变小。

(2)由电路图可知：I0=I+，即U=I0R-IR，由U-I图线可知，I0R=20，R=k= Ω=20 Ω，则I0=1.00 A(0.98、0.99、1.01均正确)。

(3)RL消耗的功率为P=IU=20I-20I2，则当I=0.5 A时，功率的最大值为Pm=5 W。

答案　(1)减小　(2)1.00(0.98、0.99、1.01均正确)　(3)5

2.【详细分析】(1)实验电路图如图所示。

(2)移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在支路分压最小;闭合开关S1、S2，调节R1，使电压表的指针满偏 ;保持滑动变阻器滑片的位置不变，断开S2，调节电阻箱R0使电压表的指针半偏，读取电阻箱的电阻值，此即为测得的电压表内阻。

3)断开S2，调节电阻箱R0使电压表成半偏状态，电压表所在支路总电阻增大，分得的电压也增大，此时R0两端的电压大于电压表的半偏电压，RV′>RV

答案　(1)见解析图　(2)见【详细分析】(3)>　理由见解析

3.【详细分析】(1)定值电阻和毫安表表头是并联关系，电压相等，电流和电阻成反比。若使用a和b两个接线柱，量程为3 mA，则通过R1、R2的电流为2 mA，则通过毫安表表头和R1、R2的电流比为1∶2，所以电阻比为2∶1，可得R1+R2=Rg=50 Ω;若使用a和c两个接线柱，电表量程为10 mA，通过R1的电流为9 mA，电流比为1∶9，可得电阻比=，即R1=(Rg+R2)，整理可得R1=15 Ω，R2=35 Ω

(2)根据电流表校准的刻度，可知电路中总阻值最大为 Ω=3 000 Ω，最小阻值为 Ω=500 Ω。若定值电阻R0选择为1 000 Ω，则无法校准3.0 mA，所以选用的定值电阻R0的阻值应为300 Ω，由于最大阻值要达到3 000 Ω，所以选用的滑动变阻器R的最大阻值为3 000 Ω。

(3)为准确地判断出哪个电阻损坏，d点应和接线柱“c”相连;若电流表无示数，则说R2断路，若电流表有示数，则说明R1断路。

答案　(1)15 Ω　35 Ω　(2)300　3 000　(3)c　见解析

4.【详细分析】①欧姆表的读数R=示数×倍率，得R=10 Ω;根据实验电路产生误差的原因知应选用电流表外接，故选择“b”电路进行实验。

②滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，R左增大，待测电阻两端的电压增大，所以电流表的示数增大。

③根据伏安特性曲线知，X为线性元件，Y为非线性元件，且RX=10 Ω。

④由闭合电路欧姆定律：

S1、S2均闭合，有U1=RX

S1闭合，S2断开，有U2=RX

解以上两式得r=0.50 Ω，E=3.2 V

答案　①10　b　②增大　③Y　④3.2　0.50

5.【详细分析】①因三节干电池的电动势约为4.5 V，故电压表应选D;因干电池放电电流不宜超过0.5 A，故电流表应选A;由电压表和电流表的测量范围可知滑动变阻器选用F即可。

②本实验的实验电路应如图。

为了连接成如图的实验电路，还需要用导线将a与d，c与g，f与h相连。

③实验时，电流表不再使用，电阻箱代替滑动变阻器，实验电路图如图所示

根据闭合电路欧姆定律得U+r=E，整1)=·+，以为纵坐标，为横坐标，在直角坐标系中图象为一条直线;

(2)U=E-r·，以U为纵坐标，为横坐标，在直角坐标系中图象为一条直线。

(3)=·R+，以为纵坐标，R为横坐标

答案　①A　D　F　②a　d　c　g　f　h　③　或U

或　R

6.【详细分析】(1)实物连线如图甲所示

图甲

图乙

(2)电压表的量程为6 V，分度值为0.1 V，所以读数为3.60 V

(3)从数据中可得出，电压表示数变化得越来越慢，而从40 s到50 s之间数据变化又突然快了，所以该数据对应表中的时间为40 s

(4)电路中C、R2和S2构成的回路，先闭合开关S2，再断开开关S2，使电容器上所带电荷量释放干净，不影响实验

答案　(1)见解析图　(2)3.60 V　(3)40 s　(4)使实验前电容器两极板上的电荷中和

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