4.解：A.根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，所以磁通量可能为零，故A正确.

B.根据安培定则，电流I1在第二、三象限磁场方向是垂直纸面向外，I2在此处磁场方向是上半部垂直纸面向里，下半部向外，所以磁通量不可能为零，故B错误.

C.根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，所以磁通量不可能为零，故C错误.

D.根据安培定则，电流I1在第一象限磁场方向是垂直纸面向外，I2在第一象限磁场方向是垂直纸面向里，所以磁通量可能为零，故D正确.

故选：AD.

5. 解：

A、cd切割磁感线产生感应电动势为 E=BLv0，根据闭合电路欧姆定律得：I==.故A错误.

B、对于ab棒：根据牛顿第二定律得：mg﹣f=ma，又f=μN，N=BIL，联立解得，a=g﹣.故B正确.

C、对于cd棒，根据感应电量公式q=得：q=，则得，s=，故C正确.

D、设导体棒cd在水平恒力撤去后产生的焦耳热为Q，由于ab的电阻与cd相同，两者串联，则ab产生的焦耳热也为Q.根据能量守恒得：2Q+μmgs=，又s=，解得：Q=m﹣，故D正确.

故选：BCD

6.解：A、副线圈是均匀密绕的且滑动头匀速上滑，说明副线圈的匝数在均匀增大，由变压器的变压比得灯泡两端的电压均匀增大(k为单位时间增加的匝数)，原线圈功率等于灯泡功率是增大的，所以原线圈电流一定增大，故A错误，D正确;

B、灯泡的电阻随着温度的增加而变大，所以电压和电流不是正比例的关系，故B错误;

C、变压器的电压与匝数成正比，原线圈和副线圈的总的匝数是不变的，输入的电压也不变，所以副线圈的总电压的大小也不变，故C错误;

故选：D.

7.(1)右偏(2分)(2)不偏(2分)(3)右偏(2分)(4)左偏

8.(1)C  (2分);

(2)右   抽出

9.解：(1)电源的路端电压随电流的变化图线斜率大小等于电源的内阻，则有内阻r=||=Ω=20Ω

电源的电动势为E=U+Ir，取电压U=16V，电流I=0.2A，代入解得，E=20V.

(2)当滑片滑到最右端时，R1被短路，外电路的电阻最小，电流最大，此时电压U=4V，电流I=0.8A，则

定值电阻R2==5Ω

(3)滑动变阻器阻值最大时，外电阻最大，电流最小，此时电压U=16V，电流I=0.2A，外电路总电阻为

R==80Ω

又R=R2+，R1=100Ω，R2=5Ω

代入解得，R3=300Ω

答：

(1)电源的电动势和内阻分别为E=20V和r=20Ω;

(2)定值电阻R2的阻值为5Ω;

(3)滑动变阻器的最大阻值为300Ω.

10.解：(1)离子在加速电场中加速，根据动能定理，有：

qU=mv2

离子在辐向电场中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：

qE=m

联立解得：

v=

U=ER

(2)离子做类平抛运动，故：

2d=vt

3d=at2

由牛顿第二定律得：

qE0=ma

则 E0=

(3)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，故：

qvB=m

解得：

R=

答：(1)加速电场的电压U为ER，离子在P点时的速度大小为;

(2)若离子恰好能打在Q点上，矩形区域QNCD内匀强电场场强E0 的值为;

(3)若撤去矩形区域QNCD内的匀强电场，换为垂直纸面向里、大小为B匀强磁场，离子在匀强磁场中运动半径为.

11.解：(1)电子经A、B两块金属板加速，有

得

(2)当u=22.5V时，电子经过MN极板向下的偏移量最大，为

Y1

此时电子在竖直方向的速度大小为

电子射出极板MN后到达荧光屏P的时间为

电子射出极板MN后到达荧光屏P的偏移量为

电子打在荧光屏P上的总偏移量为y=y1+y2=0.012m，方向竖直向下;

y的计算方法Ⅱ：由三角形相似，有

即

解得y=0.012m

(3)当u=22.5V时，电子飞出电场的动能最大，

==1.82×10﹣16J

答：(1)每个电子从B板上的小孔O′射出时的速度是2×107m/s

(2)打在荧光屏上的电子范围是y=0.012m;

(3)打在荧光屏上的电子的最大动能是1.82×10﹣16J.

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