答案解析

1.【解析】(1)根据题中信息，则断开 中的两个化学键可确定A和B的结构，断键位置为 ，因此A为 ，B为 ，Diels—Alder反应属于加成反应。

(2)B为CH2=CHCH=CH2，与Cl2的1，2-加成产物为CH2=CHCHCl—CH2Cl，消去HCl得到2-氯代二烯烃为CH2=CH—CCl=CH2，该二烯烃和丙烯酸(CH2=CHCOOH)聚合得到的聚合物为 或 。

(3) 的属于芳香烃的同分异构体的同系物分子中含有1个苯环和饱和烃基，因此可选用甲苯制备苯甲醛。合成路线为

。

答案：(1)加成

(2) 或

(3)

2.【解析】(1)通过观察可知，1个化合物Ⅰ 分子中含有6个碳原子、10个氢原子、3个氧原子，分子式为C6H10O3，所以其耗氧量为6+ - =7(mol)。   (2)化合物

Ⅱ( )中含有的官能团为碳碳双键(可以使溴水、溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色)和羟基(可以使酸性高锰酸钾溶液褪色)。化合物Ⅲ与NaOH水溶液共热生成化合物

Ⅱ( )，结合卤代烃的水解规律可知化合物Ⅲ的结构简式为

，反应的方程式为 +NaOH

+NaCl。   (3)化合物

Ⅲ( )在NaOH乙醇溶液中共热发生消去反应，若生成

，分子中除苯环外含3类氢，不合题意;若生成 ，分子中除苯环外含4类氢，个数比为1∶1∶1∶2，所以化合物Ⅳ的结构简式为

。(4)依据题意，CH3COOCH2CH3的同分异构体化合物Ⅴ能够在Cu催化下与过量O2反应生成能发生银镜反应的化合物Ⅵ，说明化合物Ⅴ是能催化氧化生成醛的醇类，依据碳链两端呈对称结构，说明分子中含有2个羟基和一个碳碳双键，即化合物Ⅴ的结构简式为 ，化合物Ⅵ为 。(5)反应①的反应机理是化合物Ⅱ( )中的羟基，被化合物Ⅰ中 所取代，依照机理可知 相当于化合物Ⅱ， 相当于化合物Ⅰ，两者反应应该得到 。

答案：(1)C6H10O3　7(2)酸性高锰酸钾(答案不唯一，合理即可)

+NaOH  +NaCl

(3)

(4)

(5)

3.【解题指导】解答本题时要先运用已有知识分析确定B物质，再结合题给新信息推导出C物质，最后根据酯化反应的原理确定PBS，从而“贯通”整个流程。

【解析】(1)A中含有碳碳双键，由A→B只能是碳碳双键与H2发生加成反应，生成HOOC(CH2)2COOH。

(2)由题给新信息及D的结构简式可推知C的结构简式为HOCH2C≡CCH2OH，分子中含有碳碳三键(或碳碳叁键)和羟基。D中主链有4个碳原子，有两个羟基，根据有机物的系统命名法可知，其名称为1，4-丁二醇。

(3)方法一：已知4个碳原子全部在环上，含有一个—OH，因此另两个氧原子只能与碳原子形成碳氧双键，根据不饱和度原则可知，分子中还必须有一个碳碳双键，结合碳的四价结构可写出半方酸的结构简式。方法二：马来酸酐分子中有含一个氧原子的五元环，若去掉氧原子则变为四元碳环，不影响不饱和度。再将此氧原子插入C—H间，形成羟基，恰好满足题意。

(4)B为二元羧酸，D为二元醇，两者发生缩聚反应生成PBS聚酯。

(5)A中含有碳碳双键，故能使酸性KMnO4溶液或溴的CCl4溶液褪色，也可与HBr等加成;因分子中含有—COOH，可与Cu(OH)2、Na2CO3等发生反应;1 mol A(分子式为C4H4O4)完全燃烧消耗3 mol O2，故a、c正确。

答案：(1)加成反应(或还原反应)

HOOCCH2CH2COOH

(2)碳碳三键(或碳碳叁键)、羟基　1，4-丁二醇

(3)

(4)nHOOCCH2CH2COOH+nHOCH2CH2CH2CH2OH  +(2n-1)H2O

(或nHOOCCH2CH2COOH+nHOCH2CH2CH2CH2OH  +2nH2O)

(5)a、c

4.【解析】(1)从结构简式中查一下各原子的个数，并写出化学式C10H12O2，注意氢原子的个数，不要数错。结构中的含氧官能团有(酚)羟基和醚基(键)。

(2)酚羟基具有一定的酸性，能与NaOH反应，但是不能与NaHCO3反应;由于分子结构中含有碳碳双键，故能与溴的四氯化碳溶液发生加成反应。

(3)从合成路线可以推出A为CH3CH2OH，D为 。

①反应甲是CH2 CH2和H2O反应生成CH3CH2OH，属于加成反应。反应乙是 生成 ，比较二者的分子结构会发现这属于加氧的氧化反应。

②反应丙的化学方程式的书写不要漏掉反应产物H2O。

③根据条件可以看出分子结构中必须含有“ ”，因此其结构简式除C外有： 、 和 。

答案：(1)C10H12O2(酚)羟基、醚基(键)

(2)b、d

(3)①加成反应　氧化反应

② +C2H5OH  +H2O

③ 、 、 (任写一种即可)

5.【解析】(1)A是最简单的有机物，则A为CH4，根据图示中转化关系可得B为CH3Cl、C为CH3OH，D为HCHO。E的相对分子质量为 ≈122.5，E中含有2个甲基，是一种一氯代有机酸，则至少含有一个羧基，所以122.5-35.5-2×15-45=12，则E中除上述基团外只含有1个碳原子，所以E的结构简式为 。根据图示转化关系，得出F为 ，G为 ，H为 。

(2)A→B属于取代反应，B→C是卤代烃的水解，也属于取代反应，C+G F是酯化反应，也属于取代反应，其余的反应分别为C→D属于氧化反应，E→F包含消去反应和中和反应，F→G属于中和反应。

(4)H的结构简式为 ，分子式为C5H8O2，其不饱和度为2，根据题目条件，分子中含有一个羧基，则为C4H7COOH，根据不饱和度可知—C4H7中应含有一个碳碳双键或环，由于其不含有甲基，则其结构共有CH2 CH—CH2—CH2—COOH、 和 。

由于其一氯代物只有3种，则只有后两种结构符合题意(第一种结构的一氯代物有4种)。

答案：(1)C4H7ClO2　      (2)3

(3)2CH3OH+O2 2HCHO+2H2O

+2NaOH  +NaCl+2H2O

(4) 或

6.【解析】(1)W中的官能团为碳碳双键和羧基，碳碳双键能发生氧化反应、加成反应，羧基能发生取代反应;

(2)

与双键碳直接相连的所有原子共面，与羰基碳直接相连的原子共面，共16个;

(3)W中的碳碳双键都是通过题干中的已知条件生成的，则Y为乙二醛，X为乙二醇，X与W发生酯化反应生成酯，由于N的相对分子质量为168，所以N为环酯;

(4)同系物是结构相似，组成上相差一个或若干个CH2的一系列化合物;

(5)Y为乙二醛，发生的是信息提供的反应。

答案：(1)A、C、D   (2)16

(3)HOCH2CH2OH+HOOC—CH=CH—CH=CH—COOH  +2H2O

(4)HOCH2CH2CH2OH

(5)OHC—CHO+2(C6H5)3P=CHCOOC2H5

2(C6H5)3P=O+H5C2OOCCH=CH—CH=CHCOOC2H5

7.【解析】根据燃烧生成的CO2和水的质量，可以确定碳原子的物质的量为

0.9 mol，氢原子的物质的量为1 mol。碳元素和氢元素的总质量为0.9 mol×12 g•mol-1+1 mol×1 g•mol-1=11.8 g，因此该物质中还含有氧原子，氧原子的物质的量为 =0.3 mol。因此该有机物实验式为C9H10O3，该物质相对分子质量为166，因此分子式为C9H10O3。该物质与NaHCO3反应生成气体，说明分子中含有羧基;16.6 g该物质与足量金属钠反应可生成氢气2.24 L，则1 mol该物质与Na反应生成1 mol H2，则分子中除羧基外还含有一个羟基。因此该物质可能的结构为 、 、 、 、 、 共有6种。

(2)D可发生消去反应，则D可能为 或 。E含两个六元环，说明除苯环外还含有一个六元环，则D只能为 ，E为 。

C的水解产物与硝酸银反应生成白色沉淀，说明C中含有氯原子，反应C→D为卤代烃的水解过程，因此C为 。A连续氧化得到C，则A为 ，B为 。

答案：(1)C9H10O3　6    (2)①

②2 +O2 2 +2H2O

③n

④酯化(取代)反应

高三化学有机化学基础专题检测卷就为大家介绍到这里，希望对你有所帮助。

相关推荐：

2016第二学期高三化学反应热与热化学方程式复习题

高三化学同步练习：化学计量在实验中的应用