1.A　[解析] 将4块砖视为一个整体，受力分析如图甲所示，得f1=f4=2mg，方向竖直向上.再将3、4整体视为研究对象，受力如图乙所示，得f23=0，故选项A正确.

2.A　[解析] 根据题意可知球A、B间的杆一定水平，对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡知识可得，杆的作用力F=mgtan30°=33mg，故选项A正确.

3.D　[解析] 若物块M保持静止，所受摩擦力为静摩擦力，其大小等于绳上拉力mg与物块M沿斜面方向的重力分量Mgsinα的合力，当mg>Mgsinα时，摩擦力方向沿斜面向下，其大小等于mg-Mgsinα，则α越大，摩擦力越小，当mg

4.B　[解析] 对O点进行受力分析，O点受到竖直向下的冲力F和斜向上的网绳的拉力，设每根网绳的拉力大小为F1，由力的合成可知，网绳Oe和Od的拉力的合力大小为F1，方向竖直向上;同理，网绳Ob和Og的拉力的合力大小也为F1，方向竖直向上;由2F1=F得F1=F2，故选项B正确.

【技能强化】

5.AC　[解析] 释放后，因物体A、B与墙面间无压力，故无摩擦力，两物体均只受重力作用，做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、C正确，B、D错误.

6.AB　[解析] 由相对运动可知，石块受到向上的滑动摩擦力，使石块加速向上运动，最终可与皮带达到共同速度，若加速运动时经过的位移大于两轮间距，则一直加速;若小于两轮间距，则达到共同速度后石块与皮带相对静止，此后受静摩擦力的作用，方向仍沿皮带向上.

7.D　[解析] 设滑块受斜面的静摩擦力沿斜面向上，由平衡条件得：F+f+kx=mgsin30°，可得：F+f=20 N.F由0逐渐增大的过程中，f逐渐减小，当f=0时，F为20 N，故A、B均可能;当f沿斜面向下时，F+kx=f+mgsin30°，有：F=f+20 N，随着F增大，f也逐渐增大，直到f=25 N，此时F=45 N，当F>45 N，滑块就沿斜面滑动，故测力计的读数不可能为60 N.

8.A　[解析] 由题知mg=kL.设物体所受摩擦力大小为f，方向沿斜面向上，由平衡条件得2mgsin30°=kL+f，解得f=0，故A正确，选项B、C、D错误.

9.B　[解析] 分析小球m1的受力情况，由物体的平衡条件可得，绳的拉力T=0，故C、D均错误;分析m2受力，由平衡条件可得：N=m2g，故选项A错误、B正确.

10.60 N　6 kg

[解析] 对B球受力分析如图所示，物体B处于平衡状态，有

Tsin30°=mBg

解得T=mBgsin30°=60 N

物体A处于平衡状态，则

在水平方向：Tcos30°=FNAsin30°

在竖直方向：FNAcos30°=mAg+Tsin30°.

由上两式解得：mA=6 kg

11.(1)G2cosθ　(2)变小　夏天电线下坠距离较大，θ变小，故拉力变小了

[解析] (1)以电线为研究对象，电线两端所受的力为F1、F2，重力G可看作作用在电线中点，F1、F2分解成水平方向和竖直方向两个分量，由共点力的平衡条件

F1cosθ+F2cosθ=G

F1sinθ-F2sinθ=0

解得F1=F2=G2cosθ

(2)夏天电线下坠距离较大，θ变小，故拉力变小了.

【挑战自我】

12.203 3 N≤F≤403 3 N

[解析] 作出物体A受力图如图所示，由平衡条件

Fy=Fsinθ+F1sinθ-mg=0

Fx=Fcosθ-F2-F1cosθ=0

由以上两式解得

F=mgsinθ-F1

F=F22cosθ+mg2sinθ

要使两绳都能绷直，则有F1≥0，F2≥0

即F有最大值Fmax=mgsinθ=403 3 N.

有最小值Fmin=mg2sinθ=20 33 N

则F的取值范围是203 3 N≤F≤403 3 N.

【总结】为大家整理的高三第一轮复习练习题就介绍到这里了，希望大家好好复习，成功是属于你们的，大家加油。也希望大家在精品学习网学习愉快。

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