故物体重力势能的变化量为△Ep=WG=100J

故选：B.

B功的计算

A、恒力做功的表达式W=FScosα，滑动摩擦力和静摩擦力的方向与物体相对运动(趋势)方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，物体受滑动摩擦力也有可能位移为零，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故AC错误、B正确.

D、作用力和反作用力可能都做正功，做功的代数和不一定为零.比如两个人滑冰，相互推开，在推开的过程中，作用力与反作用力都做正功.故D错误.

故选：B.

4. D 解析：A、由几何知识可知弹簧的原长为R，A错误;B、根据向心力公式：小球过B点时，则由重力和弹簧弹力的合力提供小球的向心力，F合=，B错误;C、以小球和弹簧组成的系统为研究对象，在小球从A到B的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，小球重力势能减小转化为弹簧的弹性势能和动能.故C错误.D、根据能量的转化与守恒：mgR=mv2+EP得：EP=mgR-mv2故D正确;故选：D.

5.解：A、根据P=Fv知，v增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律得，a=，知加速度减小，汽车先做变加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动.故A错误.

B、当汽车所受的合力为零，速度达到最大，此时有：F=mgsinθ+kmgcosθ，则最大速度，故B错误.

C、汽车匀速运动时，F=mgsinθ+kmgcosθ，故C正确.

D、根据功能关系，除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知牵引力和阻力做功的代数和等于机械能的增加量，故D错误.

故选：C.

6.BCD 解析： A、D、传送带对物体做负功，使物体减速，因此电动机少做的功为物体动能的变化，也就是系统产生的热量，为m(v1- v2)2/2，故A错误，D正确;B、物体运动到传送带上后做匀减速运动a= ,所以减速所用时间 ，故B正确;C、摩擦力对传动带 ，故C正确;故选BCD

7.A;B;D

8.答案：(1)竖直(2)纸带(或 “夹子”，不能写“重物”)(3)v3 (4)，偏小

解析：(1)根据本实验要求可知：安装打点计时器时，纸带的两个限位孔必须处在同一竖直线上;(2)接通电，让打点计时器正常工作后，松开纸带或铁夹，让纸带和重物一起作自由落体运动。(3)根据可知是的一组数据误差较大;(4)由可得：;由于重物和纸带下落过程中受到限位孔的阻力作用，速度值偏小，即测量值与真实值相比，测出的值偏小。

9.(1)F=8N，f=2N(2)-24J 48W

(1)撤去F之前，物体的加速度

物体所受合力 ①

撤去F之后，由得物体的加速度

物体所受合力 ②

联立①②代入数据可得F=8N，f=2N

(2)物体的总位移

滑动摩擦力f所做的总功

1s末拉力F的瞬时功率

10.(1)72J (2)36m

11.(1)细绳所能承受的最大拉力是3mg;

(2)斜面的倾角θ是45°;

(3)弹簧所获得的最大弹性势能为

考点： 动能定理;向心力;弹性势能..

专题： 动能定理的应用专题.

分析： (1)C到D过程，小球的机械能守恒，可求出小球到D点时的速度，此时细绳受到的拉力达到最大，由牛顿第二定律求出最大拉力.

(2)细绳在D点被拉断后小球做平抛运动，由题意，小球在运动过程中恰好沿斜面方向将弹簧压缩，速度沿斜面向下方向.由平抛运动知识求出小球到达D时竖直方向的分速度，由tan 求出斜面的倾角.

(3)根据能量守恒即可求得弹簧的弹性势能

解：(1)从C到最低点过程，小球的机械能守恒，则有：mgL=

最低点：T﹣mg=m 联立解得：T=3mg，

(2)细绳在最低点被拉断后小球做平抛运动，则小球到达A点时竖直方向的分速度为：

2gL=

vy= =

故 ，则θ=45°

(3)有能量守恒得：

答：(1)细绳所能承受的最大拉力是3mg;

(2)斜面的倾角θ是45°;

(3)弹簧所获得的最大弹性势能为.

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