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非选择题(共100分)

1.(15分)(2014•山东卷)3­对甲苯丙烯酸甲酯(E)是一种用于合成抗血栓药的中间体，其合成路线如下：

已知：HCHO+CH3CHO――→OH-，△CH2===CHCHO+H2O

(1)遇FeCl3溶 液显紫色且苯环上有两个取代基的A的同分异构体有________种。B中含氧官能团的名称为________。

(2)试剂C可选用下列中的________。

a.溴水   b.银氨溶液

c.酸性KMnO4溶液   d.新制Cu(OH)2悬浊液

(3)  是E的一种同分异构体，该物质与足量NaOH溶液共热的化学方程式为_________________________。

(4)E在一定条件下可以生成高聚物F，F的结构简式为

________________________________________________________。

解析　理解新信息是关键。新信息中发生的反应是甲醛断开碳氧双键，乙醛断开αC—H键发生了加成反应，后再发生消去反应。由此可知B的结构简式为

，所含官能团为醛基和碳碳双键;B→D是—CHO生成了—COOH，D→E是发生了酯化反应。

(1)“遇FeCl3溶液显紫色”说明含有酚羟基;A中的醛基是不饱和的，故结构中应还含有—CH===CH2，在苯环上有邻、间、对3种同分异构体。

(2)将—CHO氧化成—COOH的试剂可以是银氨溶液或新制Cu(OH)2悬浊液，但不能用酸性KMnO4溶液，它能将碳碳双键也氧化;也不能用溴水，它能与碳碳双键加成。

答案　(1)3　醛基

(2)bd

2.(15分)(2014•广东卷)不饱和 酯类化合物在药物、涂料等领域应用广泛。

(1)下列化合物Ⅰ的说法，正确的是________。

A.遇FeCl3溶液可能显紫色

B.可发生酯化反应和银镜反应

C.能与溴发生取代和加成反应

D.1 mol化合物Ⅰ最多能与2 mol NaOH反应

解析　要分析有机化合物的性质，首先要明确官能团;要分析有机反应，首先要明确官能团的变化情况，所以解有机化学题目，官能团的分析起着至关重要的作用。(1)通过所给物质的结构简式可知，一个Ⅰ分子中含有两个苯环、两个酚羟基、一碳碳双键和一个酯基。A项酚羟基遇氯化铁溶液显紫色，所以正确。B项因为不含醛基，不能发生银镜反应，所以错误。C项因为含有苯环和碳碳双键，因此可以与溴发生取代和加成反应，所以正确。D项两个酚羟基可以与两分子的氢氧化钠反应，一个酯基水解生成的羧基可以与一分子的氢氧化钠反应，因此1 mol化合物Ⅰ最多能与3 mol 氢氧化钠反应，所以错误。(2)通过观察可知，化合物Ⅱ的分子式为C9H10;因为分子中含有一个苯环和一个碳碳双键，所以1 mol该物质能和4 mol氢气反应生成饱和烃类化合物。(3)该小题首先确定消去反应，能够发生消去反应的物质主要包括醇和卤代烃，其中醇可以和钠反应生成氢气，所以Ⅲ应该为醇，结构简式可以为 ;化合物Ⅳ则为卤代烃，而卤代烃要发生消去反应，其反应条件为氢氧化钠醇溶液、加热。(4)根据聚合物结构简式可写出其单体为CH2===CH—COOCH2CH3;根据反应①分析该反应机理，主要是通过CO将双键碳和醇两部分连接起来，双键 碳上的氢原子和醇羟基上的氢原子结合氧原子生成水。根据题给条件可写出反应方程式：CH2===CH2+H2O――→催化剂加热、加压CH3CH2OH,2CH2===CH2+2CO+2CH3CH2OH+O2――→一定条件2CH2===CH—COOCH2CH3+2H2O。

答案　(1)AC

(2)C9H10　4

(4)CH2===CHCOOCH2CH3

CH2===CH2+H2O――→催化剂加热，加压CH3CH2OH

2CH2===CH2+2CH3CH2OH+2CO+O2――→一定条件

2CH2===CHCOOCH2CH3+2H2O