8.读数变化很小，新电池的内阻很小，内电路的电压降很小

(1)防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏

(2)R1

(3)如图

(4)0.29

解：根据U=E﹣Ir可知，由于新电池时内阻很小，电池内压降很小，电压表的读数变化很小，所以如果采用一节新干电池进行实验，实验时会发现，当滑动变阻器在阻值较大的范围内调节时，电压表读数变化很小，原因是新电池的内阻很小，内电路的电压降很小;

(1)：加接电阻R0有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏(或限制电流，防止电源短路);

(2)：电流表的量程 IA=0.6A，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为： Rmax=  ，

所以变阻器应选R1 ;

(3)如图所示：

(4)：根据闭合电路欧姆定律应用：E=U+I(r+ R0)，

整理可得：U=﹣(r+ R0)I+E，

根据函数斜率的概念应有：r+ R0 =  ，解得r=0.29;

9.500V/m

10.解：由E=BLv，I= ，F=BIL得安培力F=

设金属棒下滑过程所受摩擦力大小为f，则由平衡条件得到mgsin30°=f+F

联立得f=mgsin30°﹣ =0.1×10×0.5﹣ =0.3N

在金属棒ab静止释放到速度刚达到最大的过程中，金属棒的重力转化为金属棒的动能、焦耳热和摩擦生热，根据能量守恒定律得电路中产生的焦耳热为 Q=mgh﹣f ﹣

代入解得，Q=1J

则电阻R上产生的热量为 QR= Q= 1J=0.8J

答：此过程中电阻上产生的热量是0.8J.

11.解：(1)小球恰能通过a点，小球第一次到达a点的速度为0，

由动能定理有：qER﹣mgR=0…①

故 …②

(2)设第二次到达a点的速度为vn，由动能定理有： …③

到达最高点时小球对轨道恰好无压力，由牛顿第二定律有： …④

联立②③④得

答：(1)电场强度至少为 .

(2)匀强磁场的磁感应强度 .

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