二、填空题(本大题共4个小题，每小题4分，共16分，把正确答案填在题中横线上)

13.口袋内装有一些大小相同的红球、黄球、白球，从中摸出一个球，摸出红球或白球的概率为0.65，摸出黄球或白球的概率是0.6，那么摸出白球的概率是______.

[答案]　0.25

[解析]　设摸出红球、白球、黄球的事件分别为A、B、C，由条件P(A∪B)=P(A)+P(B)=0.65，

P(B∪C)=P(B)+P(C)=0.6，

又P(A∪B)=1-P(C)，∴P(C)=0.35，

∴P(B)=0.25.

14.在边长为2的正△ABC所在平面内，以A为圆心，3为半径画一弧，分别交AB、AC于D、E.若在△ABC这一平面区域内任丢一粒豆子，则豆子落在扇形ADE内的概率是________.

[答案]　3π6

[解析]　由题意知，△ABC中BC边上的高AO正好为3，

∴弧与AB相切，如图.

S扇形=12•π3•3•3=π2，

S△ABC=12×2×2×32=3，

∴P=S扇形S△ABC=3π6.

15.随意安排甲、乙、丙三人在3天节日中值班，每人值班1天，甲排在乙之前的概率是________.

[答案]　12

[解析]　甲、乙、丙三人排在三天中值班，每人1天，故甲在乙前和乙在甲前的机会相等，∴概率为12.

16.某汽车站每天均有3辆开往省城济南的分为上、中、下等级的客车，某天袁先生准备在该汽车站乘车前往济南办事，但他不知道客车的车况，也不知道发车顺序.为了尽可能乘上上等车，他采取如下策略：先放过第一辆，如果第二辆比第一辆好则上第二辆，否则上第三辆.那么他乘上上等车的概率为________.

[答案]　12

[解析]　共有6种发车顺序①上、中、下②上、下、中③中、上、下④中、下、上⑤下、中、上⑥下、上、中(其中画横线的表示袁先生所乘的车)，所以他乘坐上等车的概率为36=12.

三、解答题(本大题共6个大题，共74分，解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤)

17.(本题满分12分)指出下列事件是必然事件，不可能事件，还是随机事件?

(1)每天早晨，太阳从东方升起;

(2)在标准大气压下，水的温度达到80°C时沸腾;

(3)某地3月4日出现沙尘暴天气;

(4)某寻呼机在一分钟内接到8次寻呼.

[解析]　(1)每天早晨，太阳从东方升起是必然现象，所以是必然事件;

(2)因为在标准大气压下，水的温度达到100°C时才可沸腾，所以(2)是不可能事件;

(3)某地出现沙尘暴天气是偶然的，因而在3月4日可能出现沙尘暴天气，也可能是晴天，故该事件是随机事件;

(4)某寻呼机在一分钟内接到的寻呼次数也可能低于8次，还可能高于8次，故该事件亦是随机事件.

[点评]　本例的求解关键在于准确理解几种事件各自的概念，注意判断的前提是在一定条件之下.例如(2)，若没有“标准大气压”这一条件，水在80°C时也可能会沸腾.

18.(本题满分12分)某城市有甲、乙两种报纸供居民们订阅，记事件A为“只订甲报”，事件B为“至少订一种报”，事件C为“至多订一种报”，事件D为“不订甲报”，事件E为“一种报也不订”.判断下列每对事件是不是互斥事件;如果是，再判断它们是不是对立事件.

(1)A与C　(2)B与E

(3)B与D　(4)B与C

(5)C与E

[解析]　(1)由于事件C“至多订一种报”中有可能只订甲报，即事件A与事件C有可能同时发生，故A与C不是互斥事件.

(2)事件B“至少订一种报”与事件E“一种报也不订”是不可能同时发生的，故B与E是互斥事件.由于事件B发生可导致事件E一定不发生，且事件E发生会导致事件B一定不发生，故B与E还是对立事件.

(3)事件B“至少订一种报”中有可能只订乙报，即有可能不订甲报，即事件B发生，事件D也可能发生，故B与D不互斥.

(4)事件B“至少订一种报”中有这些可能：“只订甲报”、“只订乙报”、“订甲、乙两种报”，事件C“至多订一种报”中有这些可能：“什么也不订”、“只订甲报”、“只订乙报”，由于这两个事件可能同时发生，故B与C不是互斥事件.

(5)由(4)的分析，事件E“一种报也不订”只是事件C的一种可能，故事件C与事件E有可能同时发生，故C与E不互斥.

[点评]　由对立事件的定义可知，对立事件首先是互斥事件，并且其中一个一定要发生，因此两个对立事件一定是互斥事件，但两个互斥事件却不一定是对立事件.解题时一定要搞清两种事件的关系.

19.(本题满分12分)任选一个三位数，求恰好是100的倍数的概率.

[解析]　三位数共有900个，其中是100的倍数的三位数有9个，

∴所求概率为P=9900=0.01.

20.(本题满分12分)5张奖券中有2张是中奖的，首先由甲抽一张，然后由乙抽一张，求：

(1)甲中奖的概率P(A).

(2)甲、乙都中奖的概率P(B).

(3)只有乙中奖的概率P(C).

(4)乙中奖的概率P(D).

[解析]　将5张奖券编号为1,2,3,4,5，其中4、5为中奖奖券，用(x，y)表示甲抽到号码x，乙抽到号码y，则所有可能抽法构成集合Ω={(1,2)，(1,3)，(1,4)，(1,5)，(2,1)，(2,3)，(2,4)，(2,5)，(3,1)，(3,2)，(3,4)，(3,5)，(4,1)，(4,2)，(4,3)，(4,5)，(5,1)，(5,2)，(5,3)，(5,4)}.

(1)甲中奖包含8个基本事件，∴P(A)=820=25.

(2)甲、乙都中奖包含2个基本事件，

∴P(B)=220=110.

(3)只有乙中奖包含6个基本事件，∴P(C)=620=310.

(4)乙中奖包含8个基本事件，∴P(D)=820=25.

21.(本题满分12分)一个口袋里有2个红球和4个黄球，从中随机地连取3个球，每次取一个，记事件A=“恰有一个红球”，事件B=“第3个是红球”.求

(1)不放回时，事件A，B的概率.

(2)每次抽后放回时，A，B的概率.

[解析]　(1)由不放回抽样可知，第一次从6个球中抽一个，第二次只能从5个球中取一个，第三次从4个球中取一个，基本事件共6×5×4=120个，又事件A中含有基本事件3×2×4×3=72个，(第一个是红球，则第2、3个是黄球，取法有2×4×3种，第2个是红球和第3个是红球取法一样多)

∴P(A)=72120=35.

第3次抽到红球对前两次没有什么要求，因为红球数占总球数的13，在每一次抽到都是随机地等可能事件，∴P(B)=13.

(2)由放回抽样知，每次都是从6个球中取一个，有取法63=216种，事件A包含基本事件3×2×4×4=96种.

∴P(A)=96216=49.

第三次抽到红球包括B1={红，黄，红}，B2={黄，黄，红}，B3={黄，红，红}三种两两互斥的情形，P(B1)=2×4×2216=227.P(B2)=4×4×2216=427，P(B3)=4×2×2216=227，

∴P(B)=P(B1)+P(B2)+P(B3)

=227+427+227=827.

[点评]　(1)求基本事件总数可用平面直角坐标系中的点或空间直角坐标系中的点来直观数出，也可以直接用列举法.

(2)第三次抽到红球的概率只与红球所占比例有关与第n次抽样无关，也与有无放回抽样无关，故求某次取到某种样品的抽样问题，也可直接用比例算法求得.

22.(本题满分14分)设集合A={x|x+3x-3<0}，若p、q∈A，求方程x2+2px-q2+1=0有两实根的概率.

[解析]　A={x|-3

若使方程有两实根，应有

Δ=(2p)2-4(-q2+1)=4p2+4q2-4≥0，

∴p2+q2≥1，

∴点(p，q)应落在圆x2+y2=1的外部，由几何概型的定义知，所求概率为P=S正方形ABCD-S圆S正方形ABCD=36-π36.

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