5.解：A、环刚开始释放时，重物在瞬间加速度为零，则绳子的张力等于重物的重力，即T=2mg.故A正确.

B、环到达B时，绳子收缩的长度等于重物上升的高度，所以h=.故B正确.

C、对B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v重物，所以.故C错误.

D、环和重物组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒.环减少的机械能等于重物增加的机械能;故D正确.

本题选错误的;故选：C.

6.解：A、弹簧弹力以及物体之间的摩擦力属于内力，系统所受外力F1和F2的合力为零故系统动量守恒，由于开始的过程中系统中有两拉力均做正功，因此机械能不守恒，故A错误;

B、D、分别对m和M动态分析可知，开始时二者都做加速运动，随距离的增大，弹簧的弹力增大，二者的加速度都减小，当加速度a=0时速度最大，即当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，系统的动能最大，此后弹簧的弹力大于拉力，二者都做减速运动，直到速度为0.故B错误，D正确;

C、二者的速度都减小为0后，由于弹力仍然大于拉力，二者之间的距离开始减小，弹簧的弹力做正功，拉力做负功，系统机械能开始减小.故C错误;

本题选择错误的，故选：ABC.

7.解：(1、2)通过连接在一起的A、B两物体验证机械能守恒定律，即验证系统的势能变化与动能变化是否相等，A、B连接在一起，A下降的距离一定等于B上升的距离;A、B的速度大小总是相等的.不需要测量A、B两物块的质量mA和mB，但需要知道两光电门之间的距离h，遮光片的宽度d，及遮光片通过光电门1、2的时间t1、t2.

(3)A下降h的同时，B上升h，它们的重力势能的变化：△EP=(mA﹣mB)gh;

A与B动能的变化：△Ek=(mA+mB)(()2﹣()2)

需要验证的是：(mA﹣mB)gh=(mA+mB)(()2﹣()2)

故答案为：(1)AB;  (2)ABCD; (3)(mA﹣mB)gh=(mA+mB)(()2﹣()2)，定律.

【点评】： 此题为一验证性实验题.要求根据物理规律选择需要测定的物理量，运用实验方法判断系统重力势能的变化量是否与动能的变化量相同是解题的关键.

8.验证机械能守恒定律

解：(1)通过打点计时器计算时间，故不需要秒表，打点计时器应该与交流电源连接，需要刻度尺测量纸带上两点间的距离.故A、C正确，B、D错误.

故选：AC.

(2)该实验产生的误差有：纸带与打点计时器之间有摩擦;米尺测量下落高度时有误差;重物下落过程中受到空气阻力等等.

故答案为：(1)AC(2)纸带与打点计时器之间有摩擦;米尺测量下落高度时有误差

9.(1)飞机受到的牵引力为1.5×104N;

(2)飞机的滑行距离应为900m.

牛顿第二定律;匀变速直线运动的速度与时间的关系;匀变速直线运动的位移与时间的关系.

版解：(1)由运动学公式：2as=v2

得：a=

根据牛顿第二定律：F=Ma=6×103×2.5N=1.5×104N.

(2)由牛顿第二定律：F﹣f=Ma，

得：a=

根据v2=2as′

得：s′=.

答：(1)飞机受到的牵引力为1.5×104N;

(2)飞机的滑行距离应为900m.

10.解：(1)根据功率公式有：P=UI

解得：I=

则电动机的输出功率为：P0=P﹣I2r=1000﹣100×1=900W;

而机械功率P0=mgv

解得：v==3m/s

所以匀速提升时，速度为3m/s

(2)当对重物的拉力等于重力时，速度最大，最大速度为3m/s，

由动能定理得：

解得：H=14.55m

答：(1)重物匀速上升时的速度为3m/s;

(2)重物5s上升的高度为14.55m.

11.(1)小球落地时的速度为2m/s;

(2)沙子对铅球的平均阻力为2020N.

动能定理的应用

解：(1)从铅球开始下落到落地过程中，由动能定理得：

mgH=mv2﹣0，

解得铅球落地时的速度为：

v=m/s;

(2)从铅球开始下落到铅球陷入沙坑的整个过程中，由动能定理可得：

mg(H+h)﹣Ffh=0﹣0，

代入数据解得：Ff=2020N;

答：(1)小球落地时的速度为2m/s;

(2)沙子对铅球的平均阻力为2020N.

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