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2012-07-04
A.20°B.25°C.30°D.40°
考点:圆周角定理;圆心角、弧、弦的关系。
分析:由BD是⊙O的直径,点A、C在⊙O上,=,∠AOB=60°,利用在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角等于这条弧所对的圆心角的一半,即可求得∠BDC的度数.
解答:解:∵=,∠AOB=60°,
∴∠BDC=∠AOB=30°.
故选C.
点评:此题考查了圆周角定理.此题比较简单,注意数形结合思想的应用,注意在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角等于这条弧所对的圆心角的一半定理的应用.
6.如图,矩形ABCD的对角线AC、BD相交于点O,CE∥BD,DE∥AC,若AC=4,则四边形CODE的周长( )
A.4B.6C.8D.10
考点:菱形的判定与性质;矩形的性质。
分析:首先由CE∥BD,DE∥AC,可证得四边形CODE是平行四边形,又由四边形ABCD是矩形,根据矩形的性质,易得OC=OD=2,即可判定四边形CODE是菱形,继而求得答案.
解答:解:∵CE∥BD,DE∥AC,
∴四边形CODE是平行四边形,
∵四边形ABCD是矩形,
∴AC=BD=4,OA=OC,OB=OD,
∴OD=OC=AC=2,
∴四边形CODE是菱形,
∴四边形CODE的周长为:4OC=4×2=8.
故选C.
点评:此题考查了菱形的判定与性质以及矩形的性质.此题难度不大,注意证得四边形CODE是菱形是解此题的关键.
7.若点(m,n)在函数y=2x+1的图象上,则2m﹣n的值是( )
A.2B.﹣2C.1D.﹣1
考点:一次函数图象上点的坐标特征。
专题:计算题。
分析:将点(m,n)代入函数y=2x+1,的到m和n的关系式,再代入2m﹣n即可解答.
解答:解:将点(m,n)代入函数y=2x+1得,
n=2m+1,
整理得,2m﹣n=﹣1.
故选D.
点评:本题考查了一次函数图象上点的坐标特征,要明确,一次函数图象上的点的坐标符合函数解析式.
8.若3×9m×27m=311,则m的值为( )
A.2B.3C.4D.5
考点:幂的乘方与积的乘方;同底数幂的乘法。
分析:先逆用幂的乘方的性质转化为以3为底数的幂相乘,再利用同底数幂的乘法的性质计算后根据指数相等列出方程求解即可.
解答:解:3•9m•27m=3•32m•33m=31+2m+3m=311,
∴1+2m+3m=11,
解得m=2.
故选A.
点评:本题考查了幂的乘方的性质的逆用,同底数幂的乘法,转化为同底数幂的乘法,理清指数的变化是解题的关键.
9.如图,将△AOB绕点O按逆时针方向旋转45°后得到△A′OB′,若∠AOB=15°,则∠AOB′的度数是( )
A.25°B.30°C.35°D.40°
考点:旋转的性质。
分析:根据旋转的性质旋转前后图形全等以及对应边的夹角等于旋转角,进而得出答案即可.
解答:解:∵将△AOB绕点O按逆时针方向旋转45°后得到△A′OB′,
∴∠A′OA=45°,∠AOB=∠A′OB′=15°,
∴∠AOB′=∠A′OA﹣∠A′OB=45°﹣15°=30°,
故选:B.
点评:此题主要考查了旋转的性质,根据旋转的性质得出∠A′OA=45°,∠AOB=∠A′OB′=15°是解题关键.
10.已知在平面直角坐标系中放置了5个如图所示的正方形(用阴影表示),点B1在y轴上,点C1、E1、E2、C2、E3、E4、C3在x轴上.若正方形A1B1C1D1的边长为1,∠B1C1O=60°,B1C1∥B2C2∥B3C3,则点A3到x轴的距离是( )
A.B.C.D.
考点:正方形的性质;全等三角形的判定与性质;解直角三角形。
专题:规律型。
分析:利用正方形的性质以及平行线的性质分别得出D1E1=B2E2=,B2C2=,进而得出B3C3=,求出WQ=×=,FW=WA3•cos30°=×=,即可得出答案.
解答:解:过小正方形的一个顶点W作FQ⊥x轴于点Q,过点A3F⊥FQ于点F,
∵正方形A1B1C1D1的边长为1,∠B1C1O=60°,B1C1∥B2C2∥B3C3,
∴∠B3C3 E4=60°,∠D1C1E1=30°,∠E2B2C2=30°,
∴D1E1=D1C1=,
∴D1E1=B2E2=,
∴cos30°==,
解得:B2C2=,
∴B3E4=,
cos30°=,
解得:B3C3=,
则WC3=,
根据题意得出:∠WC3 Q=30°,∠C3 WQ=60°,∠A3 WF=30°,
∴WQ=×=,
FW=WA3•cos30°=×=,
则点A3到x轴的距离是:FW+WQ=+=,
故选:D.
点评:此题主要考查了正方形的性质以及锐角三角函数的应用等知识,根据已知得出B3C3的长是解题关键.
标签:中考数学真题
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